故选：B． 点评： 本题考查减数分裂的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力． 13．（2分）（2018秋?城区校级期末）提取胡萝卜素和提取玫瑰油时都需要加热，但用萃取法提取胡萝卜素时，采用的是水浴加热法，而用水蒸气蒸馏法提取玫瑰油时是直接加热．其原因是（） A． 前者需要保持恒温，后者不需要恒温 B． 前者容易蒸发，后者不容易蒸发 C． 胡萝卜素不耐高温，玫瑰油耐高温 D． 前者烧瓶里含有有机物，易燃易爆，后者是水 考点： 提取芳香油． 分析： 本题是对蒸馏装置与萃取装置的使用方法的考查，回忆蒸馏装置和萃取装置在加热时的不同及原因，然后结合题干信息进行解答． 解答： 解：蒸馏法提取玫瑰油的原理是水蒸气将玫瑰油提携出来形成油水混合物，然后分离玫瑰油，加热的目的是产生水蒸气提携玫瑰油；萃取法提取胡萝卜素的原理是胡萝卜素易溶于有机溶剂，加热的目的是促进胡萝卜素在有机溶剂中溶解，由于有机溶剂是易燃、易爆物质，加热温度不能太高，因此要用水浴加热． 故选：D． 点评： 对于水蒸气蒸馏法和萃取法的实验的原理和蒸馏装置与萃取装置的使用方法不同的理解，把握知识点间的内在联系是解题的关键． 14．（2分）（2018秋?太原校级期末）能够测定样品活菌数的方法是（） A． 稀释涂布平板法 B． 直接计数法 C． 重量法 D． 比浊法 考点： 测定某种微生物的数量． 分析： 统计细菌数量的方法有稀释涂布平板法和显微镜直接计数，在统计菌落数目时，采用（平板划线、稀释涂布平板法）来培养细菌．当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一个细菌，但菌落数往往比活菌的试剂数目低，为了保证结果准确，一般选择菌落数在.30﹣300的平板进行计数．另一种方法是直接计数法，这种方法要借助显微镜，且统计的数目也包括死亡的细菌． 解答： 解：利用稀释涂布平板法能够不影响生活的情况下将细菌个体从固体培养基上分离出来，并可以繁殖形成菌落，可根据菌落数测定出测定样品活菌数，故稀释涂布平板法可用于测定样品活菌数． 故选：A． 点评： 本题考查了测定细菌数量的方法，意在考查学生的理解和应用能力，试题难度中等． 15．（2分）（2018春?陕县校级期中）在做土壤中分解尿素的细菌的分离与计数实验时，甲组实验用氮源只含尿素的培养基，乙组实验用氮源除尿素外还含硝酸盐的培养基，其他成分都相同，在相同条件下操作，培养与观察，则乙组实验属于（） A． 空白对照 B． 标准对照 C． 相互对照 D． 条件对照
考点： 以尿素为氮源，测定能生长的细菌的数量． 分析： 生物实验中的实验可以分为空白对照，条件对照，自身对照，相互对照等． ①空白对照是指不给予对照组任何处理的对照． ②条件对照是指虽给对照组施以部分实验因素，但不是所要研究的处理因素． ③自身对照是指对照和实验都在同一研究对象上进行． ④标准对照是指生物生理、生化的某些项目也都有相应的标准，将观察测定的实验数值与规定的标准值相比较，以确定其正常与否的对照方法．理清题目中的实验的相关条件，分析对照实验的类型． 解答： 解：乙组和甲组实验的培养条件不同，形成了条件对照． 故选：D． 点评： 本题通过尿素分解菌的分离与计数实验，作用考查生物实验的分类和含义，意在强化学生对相关知识点的理解与运用． 16．（2分）（2018春?赫山区校级月考）在制作馒头时，可采用小苏打或者通过酵母菌发酵的方法使馒头松软，请问这两种方法中，馒头中的营养和所含有的能量情况相比较最可能的是（） A． 后者所含营养丰富、能量少 B． 后者所含营养单一、能量少 C． 前者所含营养丰富、能量多 D． 两者所含营养和能量相同 考点： 细胞呼吸的过程和意义． 分析： 做馒头或面包时，经常要用到酵母菌，酵母菌可以分解面粉中的葡萄糖，产生二氧化碳，二氧化碳是气体，遇热膨胀而形成小孔，使得馒头或面包暄软多空．能量的多少取决于有机物总量，利用酵母菌发酵会消耗面粉中的有机物，而酵母菌正是从其中获取能量而生存的，所以能量较少．在利用有机物发酵时，酵母菌会把一些有机物合成或分解成其他种类的有机物，所以有机物种类多． 解答： 解：采用小苏打的原理是小苏打在高温下分解产生二氧化碳，使馒头松软，并不会改变面粉中的营养物质和能量；而利用酵母菌发酵，发酵后淀粉分解成小分子有机物，释放少量能量，所以营养物质丰富而能量减少． 故选：A． 点评： 本题要求学生能够从发酵原理上比较小苏打和酵母菌发酵的区别，难度适中，属于考纲中识记、理解层次的考查．酵母菌等微生物的发酵在食品的制作中具有重要的意义，酿酒时也要用到酵母菌，在无氧的条件下，酵母菌能分解葡萄糖产生酒精和二氧化碳． 17．（2分）（2009?安徽）下列是关于“检测土壤中细菌总数”实验操作的叙述，其中错误的是（） A． 用蒸馏水配制牛肉膏蛋白胨培养基，经高温、高压灭菌后倒平板 B． 取104、105、106倍的土壤稀释液和无菌水各0.1mL，分别涂布于各组平板上 C． 将实验组和对照组平板倒置，37℃恒温培养24～48小时 D． 确定对照组无菌后，选择菌落数在300以上的实验组平板进行计数 考点： 测定某种微生物的数量；微生物的分离和培养． 分析： 检测土壤中细菌总数，应该进行计数，根据选项，可以看出采用的计数方法是稀释涂布平板法进行计数． 解答： 解：A、首先要进行培养基的制备、用蒸馏水配制牛肉膏蛋白胨培养基，经高温、高
压灭菌后倒平板，A正确； B、然后进行对土壤稀释液进行涂布于各组平板上，B正确； C、将实验组和对照组平板倒置，37℃恒温培养24～48小时，C正确； D、确定对照组无菌后，选择菌落数在30～300的进行记数，求起平均值，再通过计算得出土壤中细菌总数，D错误． 故选：D． 点评： 本题属于识记内容，理解、识记稀释涂布平板法，就可以做出正确的答案． 18．（2分）（2018秋?杭州期中）加工橘子罐头，采用酸碱处理脱去橘络，会产生严重污染．目前使用减少污染的酶解法去除橘络．下列生长在特定环境中的4类微生物，不能大量产生所用酶的是（） A． 生长在酸奶中的乳酸菌 B． 生长在麦麸上的黑曲霉 C． 生长在棉籽壳上的平菇 D． 生长在木屑上的木霉 考点： 原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同；酶的概念． 分析： 加工橘子罐头，采用酸碱处理脱去橘络，会产生严重污染．目前使用减少污染的酶解法去除橘络，橘络的主要成分是纤维素，根据酶的专一性原理，要将其分解需要用纤维素酶．据此答题． 解答： 解：A、乳酸菌培养基的主要成分是蛋白质，不含纤维素，即乳酸菌不能产生纤维素酶，A错误； B、麦麸的主要成分是纤维素，所以生长在麦麸上的黑曲霉能产生纤维素酶，B正确； C、棉籽壳的主要成分是纤维素，所以生长在棉籽壳上的平菇能产生纤维素酶，C正确； D、木屑的主要成分是纤维素，所以生长木屑上的木霉能产生纤维素酶，D正确． 故选：A． 点评： 本题考查酶的特性、微生物的培养和分离，要求考生识记酶的特性，明确分解橘络应采用纤维素酶；掌握微生物的特性，能准确判断各选项中微生物是否能产生纤维素酶，再根据题干要求做出准确的判断． 19．（2分）（2018秋?佛山期末）为探究培养液中酵母菌种群数量的动态变化，某学习小组完成了A、B、C三组实验．他们定期对各组培养液中的酵母菌进行计数，对应绘制出酵母菌数目变化曲线a、b、c（如图）．下列分析错误的是（）
A． 该学习小组可能是在探究影响种群数量动态变化的外界因素 B． 三组的培养温度可能不同，A组的培养温度最适宜 C． 三组的环境容纳量可能不同，B组的环境容纳量大
D． 三组的营养物质初始供给量可能不同，C组的营养物质初始供给量最少 考点： 探究培养液中酵母种群数量的动态变化． 分析： 1、探究酵母菌种群数量的变化实验中，实验流程为：（1）酵母菌培养（液体培养基，无菌条件）→（2）振荡培养基（酵母菌均匀分布于培养基中）→（3）观察并计数→重复（2）、（3）步骤（每天计数酵母菌数量的时间要固定）→绘图分析． 2、探究实验的原则：对照原则、单一变量原则和平行重复原则． 解答： 解：A、由于酵母菌数目变化曲线a、b、c不同，所以该学习小组可能是在探究影响种群数量动态变化的外界因素，A正确； B、三组的培养温度可能不同，但由于b曲线在最初增长最快，所以B组的培养温度最适宜，B错误； C、环境容纳量是指特定环境所能容许的种群数量的最大值，所以曲线A与B表示的酵母菌数量达到的最大值在生态学上称为环境容纳量；由于b曲线中最高点最大，所以B组的环境容纳量大，C正确； D、三组的营养物质初始供给量可能不同，由于C组酵母菌数目没有增加，直接减少，所以C组的营养物质初始供给量最少，D正确． 故选：B． 点评： 本题结合图表，考查“探究培养液中酵母菌种群数量的动态变化”的实验分析，要求考生掌握影响酵母菌种群数量增长的因素，能分析图表提取有效信息答题，对学生的图文转换能力提出较高要求． 20．（2分）（2018秋?淮安校级期末）下列有关果酒和果醋制作的叙述，正确的是（） A． 果酒和果醋的制作都是由酵母菌完成的 B． 制果醋的温度要比制果酒的温度高些 C． 传统的葡萄酒制作一定需要人工接种菌种 D． 葡萄汁装入发酵瓶时，要将瓶装满 考点： 酒酵母制酒及乙酸菌由酒制醋． 分析： 果酒和果醋制作的注意事项： （1）果醋的制作需用醋酸菌，醋酸菌是一种好氧菌，所以在制作过程中需通氧气；当氧气、糖源充足时，醋酸菌可将葡萄糖氧化成醋酸；醋酸菌的呼吸作用为严格的有氧呼吸．（2）防止发酵液被污染的方法：①榨汁机要清洗干净，并晾干②发酵瓶要清洗干净，用体积分数为70%的酒精消毒③装入葡萄汁后，封闭充气口④发酵装置的排气口要通过一个长而弯曲的胶管与瓶身连接． （3）榨汁机要清洗干净并晾干；将先冲洗后除梗的葡萄放入冲洗晾干的榨汁机内进行榨汁． （4）产醋最多的措施：往果酒中加入变酸的酒表面的菌膜，并通气．醋酸菌能将葡萄汁中的糖分解成醋酸的条件：氧气、糖源充足． （5）在家庭中用鲜葡萄制作果酒时，正确的操作是给发酵装置适时排气． （6）发酵条件：葡萄汁装入发酵瓶时，要留有约1/3的空间；制葡萄酒的过程中，除在适宜的条件下，时间应控制在10d～12d左右；制葡萄醋的温度要比制葡萄酒的温度高些，但时间一般控制在7d～8d左右． （7）酒精与重铬酸钾在酸性条件下发生的颜色反应为灰绿色． 解答： 解：A、果酒的制作是由酵母菌完成的，而果醋的制作是由醋酸菌完成的，A错误；
B、制果醋的温度（30℃～35℃）要比制果酒的温度（18℃～25℃）高些，B正确； C、传统的葡萄酒制作采用的是野生型酵母菌，往往不需要人工接种，C错误； D、葡萄汁装入发酵瓶时，不能将瓶装满，要留有的空间，D错误． 故选：B． 点评： 本题考查果酒和果醋的制作，要求考生识记参与果酒和果醋制作的微生物及其代谢类型，掌握果酒和果醋制作的原理及条件，能结合所学的知识准确判断各选项． 21．（2分）（2009?南通一模）如图为“DNA粗提取和鉴定”实验的相关操作．这些操作目的正确的是（）
A． ①是洗涤红细胞，去除血细胞表面的杂质 B． ②是溶解DNA，去除不溶于酒精的杂质 C． ③溶解DNA，去除不溶于2mol/L NaCl溶液的杂质 D． ④稀释NaCl溶液，去除不溶于低浓度NaCl溶液的杂质 考点： DNA的粗提取和鉴定． 分析： DNA粗提取和鉴定的原理： 1、DNA的溶解性：DNA和蛋白质等其他成分在不同浓度NaCl溶液中溶解度不同；DNA不溶于酒精溶液，但细胞中的某些蛋白质溶于酒精；DNA对酶、高温和洗涤剂的耐受性． 2、DNA的鉴定：在沸水浴的条件下，DNA遇二苯胺会被染成蓝色． 解答： 解：A、操作①是向鸡血细胞液中加入蒸馏水，使血细胞吸水涨破，同时用玻璃棒搅拌加速细胞的破裂，A错误； B、由于DNA不能溶于酒精，而蛋白质等其它杂质能溶于酒精，因此操作②去除不溶于酒精的杂质，提纯DNA，B错误； C、由于DNA在不同浓度的氯化钠溶液中的溶解度不同，因此用高浓度的氯化钠溶液溶解DNA，能除去在高浓度盐溶液中不能溶解的杂质，C正确； D、④稀释NaCl溶液，由于在低浓度的盐溶液中DNA的溶解度较低，因此利用低浓度的盐溶液使DNA析出，去除溶于低浓度NaCl溶液的杂质，D错误． 故选：C． 点评： 本题考查了DNA的粗提取与鉴定的相关知识，包括实验的原理、操作步骤等，意在考查考生的识记能力和实验操作能力，难度适中．考生注意识记纯化提取DNA的方法的区别，可以利用酒精（DNA不溶，杂质溶）、高浓度的盐溶液（DNA溶，杂质不溶）、低浓度的盐溶液（DNA不溶，杂质溶）分别去除杂质． 22．（2分）（2018?亭湖区校级三模）分离纤维素分解菌的实验过程中操作有误的是（） A． 经选择培养后将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上 B． 富集培养这一步可省略，但培养的纤维素分解菌少 C． 经稀释培养后，用刚果红染色
2018-2019学年湖南省益阳市赫山区箴言中学高二（下）
月考生物试卷（3月份）
一、单选题(每小题2分，共60分) 1．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下列属于人体内环境的组成成分是（） A． 血浆、组织液和激素 B． 血红蛋白、O2和葡萄糖 C． 淋巴、CO2和肌糖原 D． 氨基酸、递质小泡和葡萄糖 2．（2分）（2018秋?赫山区校级期中）如图为人体内体温与水平衡调节的示意图，有关叙述不正确的是（）
A． 该图示可以说明神经系统可控制内分泌系统的活动 B． c激素分泌增多，可促进骨骼肌与内脏代谢活动增强，产热量增加 C． 由于c的作用使细胞代谢增强，同时产生了较多的水，所以激素e的含量适当降低 D． 皮肤在体温调节的反射弧中只能作为效应器 3．（2分）（2008?江苏）α﹣银环蛇毒能与突触后膜上的乙酰胆碱受体牢固结合；有机磷农药能抑制胆碱酯酶的活性，而乙酰胆碱酯酶的作用是清除与突触后膜上受体结合的乙酰胆碱．因此，α﹣银环蛇毒与有机磷农药中毒的症状分别是（） A． 肌肉松弛、肌肉僵直 B． 肌肉僵直、肌肉松弛 C． 肌肉松弛、肌肉松弛 D． 肌肉僵直、肌肉僵直 4．（2分）（2018?沈阳校级模拟）据人体神经元细胞模式图分析，不正确的是（）
A． ④中的物质释放到⑤的方式是外排 B． 若刺激A点，图中电流计B将偏转2次 C． 若抑制该细胞的呼吸作用，不影响神经兴奋的传导 D． 若①中含有一致病基因，则该致病基因来自其祖母的几率为0
5．（2分）（2018春?赫山区校级月考）2018年3月日本政府暂停使用辉瑞7价肺炎球菌疫苗，因为有儿童在接种该疫苗后死亡．在注射该疫苗时，每个孩子需持续接种3﹣4次，才可获得终身对肺炎球菌的免疫．如图表示人体注射该疫苗后，机体发生的免疫过程，下列有关叙述错误的是（）
A． 细胞1～5中，仅细胞4含有合成物质a的基因和mRNA B． 多次注射疫苗后，可增加人体内细胞5和物质a的数量 C． 接种疫苗引起死亡的原因可能是疫苗引起的自身免疫病或过敏反应 D． ②③过程为细胞间的信息传递过程，但其传递信息的方式不同 6．（2分）（2018秋?永顺县期末）2018年，张雁云教授发现了Graves病的重要调控机制．Graves病发病原因如图所示：患者所产生的某种抗体与Y激素受体结合，使甲状腺细胞持续激发，产生高水平X激素所致．张雁云教授研究发现寡核苷酸UDP能够减弱Graves病症状．下列有关说法不正确的是（）
A． X激素是甲状腺激素，Y激素是促甲状腺激素 B． 患者代谢减弱，产热减少，兴奋性低 C． Graves病是自身免疫病，类风湿性关节炎、系统性红斑狼疮也属于此类疾病 D． UDP能减弱Graves病症状可能与UDP抑制浆细胞分泌该种抗体有关 7．（2分）（2018春?玉溪校级月考）稻田里，农民要拔掉稗草；鱼塘中，人们不断清除肉食性的黑鱼，用生态学的观点看，这是为了（） A． 保持生态平衡 B． 保持生物群落的单一性 C． 使物质能够尽快地循环流动 D． 调整生态系统内能量流动方向 8．（2分）（2006秋?淮安期末）根据图的食物网，若黄雀的全部同化量来自两种动物，蝉和螳螂各占一半，则当绿色植物增加G千克时，黄雀增加体重最多是（）
A． 千克 B． 千克 C． 千克 D． 千克 9．（2分）（2018春?赫山区校级月考）某种甲虫以土壤中的落叶为主要食物，假如没有这些甲虫，落叶层将严重堆积，最终导致落叶林生长不良．以下分析正确的是（） A． 这种甲虫属于初级消费者 B． 这种甲虫与落叶树之间为捕食关系 C． 甲虫与落叶树之间的能量传递效率为10%～20% D． 这种甲虫对落叶林的物质循环有促进作用 10．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下面两幅示意图，甲图表示某生态系统的能量金字塔，P为生产者，Q1为初级消费者，Q2为次级消费者；乙图是将甲图中各营养级所含有的能量进行分类剖析．乙图中a、a1、a2表示上一年留下来的能量（假设它不被下一营养级利用），e、e1、e2表示呼吸消耗量．请指出不正确的叙述（）
A． 假设种群Q1、Q2个体数为N1、N2，平均每个个体所含有的能量为w1、w2，则N1×W1＞N2×W2 B． 每年流入这个生态系统的总能量用乙图中的字母可表示为abcde C． 乙图P中的c表示的是流入Q1的能量 D． 乙图Q1中b1表示未被Q2利用的能量，则d1可表示流入分解者的能量 11．（2分）（2018春?舞钢市期中）下列关于月季的花药培养，认识错误的是（） A． 花粉的选择与培养基的组成影响花药培养的成功率 B． 选择花药的最适宜时期是完全未开放的花蕾，镜检花粉常用的染色方法是醋酸洋红法 C． 选取的材料一定要进行消毒 D． 花粉培养形成的胚状体可继续在原培养基中分化形成植株 12．（2分）（2018春?赫山区校级月考）某高等植物体细胞内假设有6条染色体，它们是AaBbDd，那么，一个花粉管中的两个精子中的染色体可能是（） A． ABD和abd B． Abd和Abd C． AaB和Bbd D． AbD和abd 13．（2分）（2018秋?城区校级期末）提取胡萝卜素和提取玫瑰油时都需要加热，但用萃取法提取胡萝卜素时，采用的是水浴加热法，而用水蒸气蒸馏法提取玫瑰油时是直接加热．其原因是（） A． 前者需要保持恒温，后者不需要恒温 B． 前者容易蒸发，后者不容易蒸发 C． 胡萝卜素不耐高温，玫瑰油耐高温
D． 前者烧瓶里含有有机物，易燃易爆，后者是水 14．（2分）（2018秋?太原校级期末）能够测定样品活菌数的方法是（） A． 稀释涂布平板法 B． 直接计数法 C． 重量法 D． 比浊法 15．（2分）（2018春?陕县校级期中）在做土壤中分解尿素的细菌的分离与计数实验时，甲组实验用氮源只含尿素的培养基，乙组实验用氮源除尿素外还含硝酸盐的培养基，其他成分都相同，在相同条件下操作，培养与观察，则乙组实验属于（） A． 空白对照 B． 标准对照 C． 相互对照 D． 条件对照 16．（2分）（2018春?赫山区校级月考）在制作馒头时，可采用小苏打或者通过酵母菌发酵的方法使馒头松软，请问这两种方法中，馒头中的营养和所含有的能量情况相比较最可能的是（） A． 后者所含营养丰富、能量少 B． 后者所含营养单一、能量少 C． 前者所含营养丰富、能量多 D． 两者所含营养和能量相同 17．（2分）（2009?安徽）下列是关于“检测土壤中细菌总数”实验操作的叙述，其中错误的是（） A． 用蒸馏水配制牛肉膏蛋白胨培养基，经高温、高压灭菌后倒平板 456 B． 取10、10、10倍的土壤稀释液和无菌水各0.1mL，分别涂布于各组平板上 C． 将实验组和对照组平板倒置，37℃恒温培养24～48小时 D． 确定对照组无菌后，选择菌落数在300以上的实验组平板进行计数 18．（2分）（2018秋?杭州期中）加工橘子罐头，采用酸碱处理脱去橘络，会产生严重污染．目前使用减少污染的酶解法去除橘络．下列生长在特定环境中的4类微生物，不能大量产生所用酶的是（） A． 生长在酸奶中的乳酸菌 B． 生长在麦麸上的黑曲霉 C． 生长在棉籽壳上的平菇 D． 生长在木屑上的木霉 19．（2分）（2018秋?佛山期末）为探究培养液中酵母菌种群数量的动态变化，某学习小组完成了A、B、C三组实验．他们定期对各组培养液中的酵母菌进行计数，对应绘制出酵母菌数目变化曲线a、b、c（如图）．下列分析错误的是（）
A． 该学习小组可能是在探究影响种群数量动态变化的外界因素 B． 三组的培养温度可能不同，A组的培养温度最适宜
C． 三组的环境容纳量可能不同，B组的环境容纳量大 D． 三组的营养物质初始供给量可能不同，C组的营养物质初始供给量最少 20．（2分）（2018秋?淮安校级期末）下列有关果酒和果醋制作的叙述，正确的是（） A． 果酒和果醋的制作都是由酵母菌完成的 B． 制果醋的温度要比制果酒的温度高些 C． 传统的葡萄酒制作一定需要人工接种菌种 D． 葡萄汁装入发酵瓶时，要将瓶装满 21．（2分）（2009?南通一模）如图为“DNA粗提取和鉴定”实验的相关操作．这些操作目的正确的是（）
A． ①是洗涤红细胞，去除血细胞表面的杂质 B． ②是溶解DNA，去除不溶于酒精的杂质 C． ③溶解DNA，去除不溶于2mol/L NaCl溶液的杂质 D． ④稀释NaCl溶液，去除不溶于低浓度NaCl溶液的杂质 22．（2分）（2018?亭湖区校级三模）分离纤维素分解菌的实验过程中操作有误的是（） A． 经选择培养后将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上 B． 富集培养这一步可省略，但培养的纤维素分解菌少 C． 经稀释培养后，用刚果红染色 D． 对照组可用同样量的培养液涂布到不含纤维素的培养基上 23．（2分）（2018?旌阳区校级模拟）下列关于胡萝卜素的叙述，错误的是（） A． 胡萝卜素可用于治疗幼儿生长发育不良、干皮症等 B． 胡萝卜素可从大面积养殖的岩藻中提取 C． 提取胡萝卜素时，可采用石油醚、苯、丙酮等作溶剂 D． 萃取过程中要采用水浴加热 24．（2分）（2018春?临江市校级期中）有一灌用用葡萄糖液培养的酵母菌，由于混入氧气，酵母菌就有了两种呼吸类型．假使全部酵母菌都在分解葡萄糖，且两种呼吸消耗葡萄糖的速度相等．当灌内产生的CO2与酒精的mol数之比为2：1时，有多少酵母菌在进行有氧呼吸（） A． B． C． D． 25．（2分）（2018春?赫山区校级月考）存在于盐湖和热泉中的两类细菌都具有的特征是（） A． 在极端环境下进行遗传物质的复制 B． 遗传物质是RNA C． 在极端环境下都不进行分裂生殖
D． 都没有细胞壁 26．（2分）（2018春?赫山区校级月考）玫瑰精油提取的过程是（） A． .鲜玫瑰花+水→油水混合物→水蒸气蒸馏→分离油层→除水 B． .鲜玫瑰花+水→油水混合物→除水→分离油层 C． .鲜玫瑰花+水→油水混合物→水蒸气蒸馏→分离油层→除水 D． 鲜玫瑰花+水→水蒸气蒸馏→油水混合物→分离油层→除水→过滤 27．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下列关于“DNA粗提取与鉴定”的说法正确的是（） A． 氯化钠的浓度越低，对DNA的溶解度越大 B． 人体的血液不可代替鸡血进行该实验 C． 柠檬酸钠的主要作用是加速血细胞破裂 D． 利用DNA易溶于酒精的特点可除去DNA中的部分杂质 28．（2分）（2009?上海）在光照下，将等细胞数量的衣藻和大肠杆菌分别接种到只含无机盐的培养液中培养，结果是（虚线和实线分别表示大肠杆菌和衣藻的生长曲线）（） A． B． C． D． 29．（2分）（2018春?汉台区校级月考）现有两瓶密封的罐头已过保质期，甲瓶瓶盖鼓起，乙瓶外观无变化，打开后发现两瓶罐头均已变质．对此现象解释合理的是（）
①甲罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物有CO2和乳酸； ②甲罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物有酒精和CO2； ③甲罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物有CO2和H2O； ④乙罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物是乳酸； ⑤乙罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物是酒精． ①④ ③⑤ ②⑤ ②④ A． B． C． D． 30．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下列关于统计菌落数目的方法的叙述，不正确的是（） A． 采用平板计数法获得的菌落数往往少于实际的活菌数 B． 当样品的稀释度足够高时，一个活菌会形成一个菌落 C． 为了保证结果准确，一般采用密度较大的平板进行计数 D． 在某一浓度下涂布三个平板，若三个平板统计的菌落数差别不大，则应以它们的平均值作为统计结果
二、非选择题（每空2分，共40分） 31．（10分）（2018春?赫山区校级月考）生长素作用的机理是促进细胞生长，生长素所诱导
+
的生长既有快速反应：生长素→质膜上的受体→H分泌到细胞壁中→细胞壁软化→细胞膨压下降→细胞吸水→快速反应；又有长期效应：生长素→细胞质中的受体→信使物进入核内→
使某些基因解阻遏，与生长有关的mRNA被转录→蛋白质合成→长期效应．因此有人提出了生长素促进植物生长的作用方式设想（如图）．请回答问题：
（1）将燕麦胚芽鞘切段放入一定浓度生长素的溶液中，发现10～15min后溶液pH下降，切段开始．如将切段转入含IAA的pH=10的缓冲溶液中，则切段．
（2）若用呼吸抑制剂如氰化物（CN）和二硝基酚（DNP）处理可抑制生长素的这种效应，则生长素诱导的细胞伸长生长是一个过程．
（3）若想在细胞水平上证明生长素对胚芽鞘生长的影响，可以取弯曲处作（横、纵）向的切片，用显微镜观察、测量切片两侧细胞平均长度，作出比较．
（4）某研究小组探究避光条件下生长索浓度对燕麦胚芽鞘生长的影响．取若干相同的、直的燕麦胚芽鞘，去顶垂直静置一段时间后，将含有不同浓度生长素的琼脂块分别放置在这些的去顶胚芽鞘左侧．一段时间后测量并记录这些去顶胚芽鞘的弯曲角度α．则随生长素浓度从0开始逐渐增加，α的取值范围是．
﹣
32．（10分）（2018春?赫山区校级月考）氧化塘是一个藻菌共生的污水净化系统．请根据下面的氧化塘污水净化功能模式图回答有关问题：
（1）排入氧化塘的污水中的有机物可以被细菌等生物分解，分解的方式是，为了提高分解的效率，可以采取的措施是．
（2）排入氧化塘的污水中的无机物可以被生物吸收利用，这类生物在生态系统中属于． （3）氧化塘在一段时间后，水质会变绿，原因是，导致藻类大量繁殖．
（4）可以在氧化塘内放养水葫芦和褶纹冠蚌来降低藻类的数量，水葫芦与藻类的关系是．
33．（10分）（2018春?赫山区校级月考）生物技术在人们的生产、生活中已经得到了广泛应用，如微生物发酵技术为我们制造了许多营养丰富的美味食品；植物色素的利用让食物变得更加温馨诱人；植物组织培养技术加快了优良品种的快速推广．请回答下列有关问题： （1）自然界中的微生物必须经过分离和提纯后才能应用于工业生产．在应用平板划线法接种时每次划线结束后仍然要灼烧接种环，原因是． （2）喝剩的葡萄酒放置一段时间后变酸的原因是．
（3）果汁发酵后，是否有酒精产生，可以用来检验，现象是． （4）如果用葡萄酒来制葡萄醋，请写出反应式：． 34．（10分）（2018春?赫山区校级月考）图1为提取胡萝卜素的装置示意图，请回答有关问题：
（1）该装置表示的方法为萃取法，要想效果好，必须保证原料颗粒小，． （2）操作过程中应该避免明火加热，采用水浴加热，其原因是． （3）如图2是胡萝卜素提取结果示意图．请据图回答： ①该色素分离的方法是．
②A、B、C、D四点中，属于标准样品的样点是． ③实验得出的结论：．
2018-2019学年湖南省益阳市赫山区箴言中学高二（下）
月考生物试卷（3月份）
参考答案与试题解析
一、单选题(每小题2分，共60分) 1．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下列属于人体内环境的组成成分是（） A． 血浆、组织液和激素 B． 血红蛋白、O2和葡萄糖 C． 淋巴、CO2和肌糖原 D． 氨基酸、递质小泡和葡萄糖 考点： 内环境的组成． 分析： 人体的细胞外液（血浆、淋巴、组织液）构成了人体的内环境，凡是血浆、淋巴、组织液的成分，都是内环境的成分．在题目给出的选项中，血红蛋白存在于红细胞内，递质小泡存在于神经细胞内，不属于内环境的成分． 解答： 解：A、人体的细胞外液（血浆、淋巴、组织液）构成了人体的内环境，细胞外液中含有营养物质如葡萄糖，代谢废物如二氧化碳和尿素，调节物质如激素等，A正确； B、血红蛋白是红细胞内的成分，不属于内环境的组成成分，B错误； C、肌糖原存在于肌细胞内，不属于内环境的组成成分，C错误； D、递质小泡属于神经细胞内的结构，不属于细胞外液的成分，D错误． 故选：A． 点评： 本题考查了内环境的组成成分，正确区分哪些物质属于或不属于内环境的成分是解答本题的关键． 2．（2分）（2018秋?赫山区校级期中）如图为人体内体温与水平衡调节的示意图，有关叙述不正确的是（）
A． 该图示可以说明神经系统可控制内分泌系统的活动 B． c激素分泌增多，可促进骨骼肌与内脏代谢活动增强，产热量增加 C． 由于c的作用使细胞代谢增强，同时产生了较多的水，所以激素e的含量适当降低 D． 皮肤在体温调节的反射弧中只能作为效应器 考点： 体温调节、水盐调节、血糖调节． 分析： 据图分析，a是促甲状腺激素释放激素，b是促甲状腺激素，c是甲状腺激素，d是抗利尿激素．下丘脑具有渗透压感受器功能，同时能合成、分泌抗利尿激素． 解答： 解：A、据图可知，下丘脑是内分泌腺的枢纽，故说明神经系统可控制内分泌系统的活动，A正确； B、甲状腺激素可促进细胞的新陈代谢，使产热量增加，B正确；
C、甲状腺激素使细胞代谢增强，同时产生了较多的水，是细胞外液渗透压降低，故激素e抗利尿激素的含量适当降低，C正确； D、皮肤在体温调节的反射弧中既是感受器，又是效应器，D错误． 故选：D． 点评： 本题考查内环境稳态的相关知识，意在考查考生理解人体体温与水平衡调节的知识要点，把握知识间的内在联系的能力以及识图分析能力． 3．（2分）（2008?江苏）α﹣银环蛇毒能与突触后膜上的乙酰胆碱受体牢固结合；有机磷农药能抑制胆碱酯酶的活性，而乙酰胆碱酯酶的作用是清除与突触后膜上受体结合的乙酰胆碱．因此，α﹣银环蛇毒与有机磷农药中毒的症状分别是（） A． 肌肉松弛、肌肉僵直 B． 肌肉僵直、肌肉松弛 C． 肌肉松弛、肌肉松弛 D． 肌肉僵直、肌肉僵直 考点： 神经冲动的产生和传导；突触的结构． 分析： 神经元之间的兴奋传导需要突触结构，而突触结构的构成是，突触前膜、突触间隙、突触后膜．突触前膜一般是上一个神经元的轴突末端释放乙酰胆碱、与突触后膜上的乙酰胆碱受体牢固结合，后膜一般是下一个神经元的胞体膜或树突膜．，兴奋传导时，就从一个神经元的轴突传给下一个神经元的树突或细胞体． 解答： 解：α﹣银环蛇毒能与突触后膜上的乙酰胆碱受体牢固结合，导致乙酰胆碱不能与受体结合，则表现的症状是肌肉松弛；有机磷农药能抑制乙酰胆碱酯酶的活性，导致乙酰胆碱不能分解，持续作用，表现的症状是肌肉僵直． 故选：A． 点评： 考查我们神经冲动的产生和传导、突触的结构等基础知识，训练我们提取信息、分析推理能力，这些平时应该加强训练． 4．（2分）（2018?沈阳校级模拟）据人体神经元细胞模式图分析，不正确的是（）
A． ④中的物质释放到⑤的方式是外排 B． 若刺激A点，图中电流计B将偏转2次 C． 若抑制该细胞的呼吸作用，不影响神经兴奋的传导 D． 若①中含有一致病基因，则该致病基因来自其祖母的几率为0 考点： 神经冲动的产生和传导；细胞膜内外在各种状态下的电位情况． 分析： 阅读题干和题图可知，本题涉及的知识人体神经元细胞的结构和突触结构，明确知识点，梳理相关的基础知识，并解析题图结合问题的具体提示综合作答． 解答： 解：A、④是神经递质，属大分子物质，利用细胞膜的流动性，通过突触前膜的胞吐，
分泌到突触间隙，A正确； B、兴奋能向细胞体传导，依次通过两个电极，所以图中电流计B将发生2次方向相反的偏转，B正确； C、由于神经递质的释放要利用细胞膜的流动性，需要消耗能量，同时动作电位恢复时通过主动运输方式将钠离子排出细胞需要消耗能量，所以若抑制该细胞的呼吸作用，将影响神经兴奋的传导，C错误； D、①是线粒体，属于细胞质基因，其遵循母系遗传，所以该致病基因来自其祖母的几率为0，D正确． 故选：C． 点评： 本题考查神经冲动的产生和传导的相关知识，属理解层次，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力． 5．（2分）（2018春?赫山区校级月考）2018年3月日本政府暂停使用辉瑞7价肺炎球菌疫苗，因为有儿童在接种该疫苗后死亡．在注射该疫苗时，每个孩子需持续接种3﹣4次，才可获得终身对肺炎球菌的免疫．如图表示人体注射该疫苗后，机体发生的免疫过程，下列有关叙述错误的是（）
A． 细胞1～5中，仅细胞4含有合成物质a的基因和mRNA B． 多次注射疫苗后，可增加人体内细胞5和物质a的数量 C． 接种疫苗引起死亡的原因可能是疫苗引起的自身免疫病或过敏反应 D． ②③过程为细胞间的信息传递过程，但其传递信息的方式不同 考点： 人体免疫系统在维持稳态中的作用． 分析： 根据题意和图示分析可知：细胞1为吞噬细胞，细胞2是T细胞，细胞3是B细胞，细胞4为效应B细胞，细胞5是记忆细胞，物质a为抗体． 体液免疫过程为：（1）感应阶段：除少数抗原可以直接刺激B细胞外，大多数抗原被吞噬细胞摄取和处理，并暴露出其抗原决定簇；吞噬细胞将抗原呈递给T细胞，再由T细胞呈递给B细胞；（2）反应阶段：B细胞接受抗原刺激后，开始进行一系列的增殖、分化，形成记忆细胞和浆细胞；（3）效应阶段：浆细胞分泌抗体与相应的抗原特异性结合，发挥免疫效应． 解答： 解：A、人体细胞中含有合成物质a的基因，由于基因的选择性表达，只在细胞4中合成物质a的基因进行了表达，A错误； B、免疫预防是根据特异性免疫原理，采用人工方法将抗原（疫苗、类毒素等）制成各种制剂，接种于人体，使其获得特异性免疫能力，达到预防某些疾病，多次注射是为了提高抗体和记忆细胞的数量，B正确； C、接种疫苗引起死亡的原因可能是疫苗引起过敏反应，或疫苗与自身组织类似，引
起自身免疫病，C正确； D、②过程表示吞噬细胞摄取和处理，并暴露出其抗原决定簇，接着吞噬细胞将抗原呈递给T细胞，③过程由T细胞呈递给B细胞，其传递信息的方式不同，D正确． 故选：A． 点评： 本题考查体液免疫的相关知识，要求学生理解体液免疫消灭破伤风杆菌外毒素过程的知识要点，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力． 6．（2分）（2018秋?永顺县期末）2018年，张雁云教授发现了Graves病的重要调控机制．Graves病发病原因如图所示：患者所产生的某种抗体与Y激素受体结合，使甲状腺细胞持续激发，产生高水平X激素所致．张雁云教授研究发现寡核苷酸UDP能够减弱Graves病症状．下列有关说法不正确的是（）
A． X激素是甲状腺激素，Y激素是促甲状腺激素 B． 患者代谢减弱，产热减少，兴奋性低 C． Graves病是自身免疫病，类风湿性关节炎、系统性红斑狼疮也属于此类疾病 D． UDP能减弱Graves病症状可能与UDP抑制浆细胞分泌该种抗体有关 考点： 人体免疫系统在维持稳态中的作用；动物激素的调节． 分析： 1、垂体分泌促甲状腺激素能促进甲状腺分泌甲状腺激素． 2、从免疫角度分析，患者“敌我不分”地将自身物质当外外来异物进行攻击而引起的疾病称为自身免疫病；Graves病是患者所产生的某种抗体与促甲状腺激素的受体结合，使甲状腺细胞持续激发，产生高水平的甲状腺激素所致，所以患者代谢增强，产热增加． 解答： 解：A、根据题意，“某种抗体与Y激素受体结合，使甲状腺细胞持续激发”，说明这种抗体的作用是和促甲状腺激素的作用相同，和促甲状腺激素受体结合以后，导致甲状腺持续的分泌甲状腺激素，所以X激素是甲状腺激素，Y激素是促甲状腺激素，A正确； B、由于甲状腺细胞持续分泌甲状腺激素，病人甲状腺激素过高，细胞代谢或等增强，释放的能量增加，体温也比正常人高，甲状腺激素能够提高神经的兴奋性，所以兴奋性提高，B错误； C、系性红斑狼疮属于自身免疫疾病，Graves病与之同属一类疾病，因此也是自身免疫病，C正确； D、由于本病的发生与某种抗体有关，而“寡核苷酸UDP能够减弱Graves病症状”，说明UDP能减弱Graves病症状可能与UDP抑制浆细胞分泌该种抗体有关，D正确． 故选：B． 点评： 本题考查甲状腺激素的分级调节和免疫调节等相关知识，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识，对生物学问题作出准确的判断，难度适中．
7．（2分）（2018春?玉溪校级月考）稻田里，农民要拔掉稗草；鱼塘中，人们不断清除肉食性的黑鱼，用生态学的观点看，这是为了（） A． 保持生态平衡 B． 保持生物群落的单一性 C． 使物质能够尽快地循环流动 D． 调整生态系统内能量流动方向 考点： 农业生态系统中的能量流动． 分析： 研究生态系统中能量流动的意义： ①可以帮助人们科学规划，设计人工生态系统，使能量得到最有效的利用； ②可以帮助人们合理地调整生态系统中的能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分． 解答： 解：稻田里，农民要拔掉稗草，这是为了人为的排除稻的竞争者，使能量尽可能多的流向稻；养殖工人要定期清除肉食性鱼类，是为了能量尽可能多的流向人工养殖的鱼类，用生态学的观点看，这是为了调整能量流动关系，使之流向对人类最有益的部分． 故选：D． 点评： 本题考查物质循环和能量流动的基本规律及其应用的相关知识点，掌握人类研究能量流动的意义，能理论联系实际，运用所学的知识合理解释生活中的生物学问题． 8．（2分）（2006秋?淮安期末）根据图的食物网，若黄雀的全部同化量来自两种动物，蝉和螳螂各占一半，则当绿色植物增加G千克时，黄雀增加体重最多是（）
A． 千克 B． 千克 C． 千克 D． 千克 考点： 生态系统的功能． 分析： 能量流动的特点是单向传递、逐级递减，传递效率在10%到20%之间． 解答： 解：根据题意假设黄雀增加最多（能量传递效率为20%）为x，由题意已知黄雀的全部同化量来自两种动物，蝉和螳螂各占一半，所以黄雀要吃蝉x÷20%÷2=2.5x，同理黄雀要吃螳螂也是2.5x．而螳螂增重2.5x需要消耗蝉2.5÷20%=12.5x，加起来相当于吃了蝉15x，又相当于吃绿色植物15x÷20%=75x．已知绿色植物增加G千克，所以75x=G，x=． 故选：C． 点评： 本题考查生态系统的结构和功能的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析图形、获取信息、解决问题的能力． 9．（2分）（2018春?赫山区校级月考）某种甲虫以土壤中的落叶为主要食物，假如没有这些甲虫，落叶层将严重堆积，最终导致落叶林生长不良．以下分析正确的是（） A． 这种甲虫属于初级消费者 B． 这种甲虫与落叶树之间为捕食关系 C． 甲虫与落叶树之间的能量传递效率为10%～20%
D． 这种甲虫对落叶林的物质循环有促进作用 考点： 生态系统的功能；生态系统的结构． 分析： 生态系统的结构部分组成成分和营养结构，组成成分又包括非生物的物质和能量，生产者、消费者和分解者，营养结构是指食物链和食物网．植食性动物属于初级消费者，以植食性动物为食的动物属于次级消费者，以此类推．食物链的起点是生产者，终点是最高营养级的消费者，分解者不属于营养结构的组成成分．各营养级间的能量传递效率为10%～20%． 解答： 解：A、根据题意，甲虫以土壤中的落叶为主要食物，没有这些甲虫，落叶层将严重堆积，可以推知甲虫应该属于生态系统中的分解者，A错误； B、甲虫没有进入食物链，B错误； C、生态系统各营养级间的能量传递效率为10%～20%，甲虫不是食物链的成分，C错误； D、甲虫属于分解者，能够促进生态系统的物质循环，D正确． 故选：D． 点评： 本题主要考查生态系统的结构，意在强化学生对生态系统各成分的相关知识的理解与运用． 10．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下面两幅示意图，甲图表示某生态系统的能量金字塔，P为生产者，Q1为初级消费者，Q2为次级消费者；乙图是将甲图中各营养级所含有的能量进行分类剖析．乙图中a、a1、a2表示上一年留下来的能量（假设它不被下一营养级利用），e、e1、e2表示呼吸消耗量．请指出不正确的叙述（）
A． 假设种群Q1、Q2个体数为N1、N2，平均每个个体所含有的能量为w1、w2，则N1×W1＞N2×W2 B． 每年流入这个生态系统的总能量用乙图中的字母可表示为abcde C． 乙图P中的c表示的是流入Q1的能量 D． 乙图Q1中b1表示未被Q2利用的能量，则d1可表示流入分解者的能量 考点： 生态系统的功能． 分析： 据图分析：乙图P中的c表示被初级消费者同化的能量，Q1中的c1表示被次级消费者同化的能量；某一个营养级能量的去向包括：自身呼吸消耗、流向一个营养级、被分解者分解利用和未被利用，则乙图P中的b和d分别表示未被P利用的能量和流向分解者的能量．每年流经这个生态系统的能量是植物光合作用固定的光能，包括b、c、d、e；若这是一个稳定的生态系统，根据能量传递效率（10%﹣20%）． 解答： 解：A、据图甲的能量金字塔可以看出，能量从Q1流向Q2会减少，即种群Q1、Q2个体数为N1、N2，平均每个个体所含有的能量为w1、w2，则N1×W1＞N2×W2，A正确； B、据图乙分析，每年流经这个生态系统的能量是植物光合作用固定的光能，包括b、
c、d、e，B错误； C、乙图P中的c表示被初级消费者同化的能量，即流入Q1的能量，C正确； D、某一个营养级能量的去向包括：自身呼吸消耗、流向一个营养级、被分解者分解利用和未被利用，则乙图P中的b和d分别表示未被P利用的能量和流向分解者的能量，故乙图Q1中b1表示未被Q2利用的能量，则d1可表示流入分解者的能量，D正确． 故选：B． 点评： 本题结合能量金字塔图，考查生态系统的能量流动，意在考查考生的识记能力、识图能力和理解能力，属于中等难度题． 11．（2分）（2018春?舞钢市期中）下列关于月季的花药培养，认识错误的是（） A． 花粉的选择与培养基的组成影响花药培养的成功率 B． 选择花药的最适宜时期是完全未开放的花蕾，镜检花粉常用的染色方法是醋酸洋红法 C． 选取的材料一定要进行消毒 D． 花粉培养形成的胚状体可继续在原培养基中分化形成植株 考点： 植物的组织培养． 分析： 植物组织培养的一般顺序为制备培养基→消毒→接种→培养→移栽→栽培．一般来说，在单核时期细胞核由中央移向细胞一侧的时期，花药培养成功率最高．一般要通过镜检来确定其中的花粉是否处于适宜的发育期．确定花粉发育时期的方法有醋酸洋红法和焙花青﹣铬矾法． 解答： 解：A、影响花药培养成功率的因素有很多，如材料和培养条件等．花粉的选择与培养基的组成影响花药培养的成功率，一般来说，在单核时期细胞核由中央移向细胞一侧的时期，花药培养成功率最高，A正确； B、早期花药比后期更容易产生花粉植株，为了单核期的花药，应选择完全未开放的花蕾作实验材料，B正确； C、选取的材料一定要进行消毒，用到的试剂有70%的酒精、0.1%的氯化汞溶液、无菌水，C正确； D、在组织培养过程中，应根据外植体分化的程度及时更换培养基，D错误． 故选：D． 点评： 本题考查花药的离体培养技术，意在考查考生的识记和理解能力，能运用所学知识，解决生物学问题的能力．还要知道，材料消毒过程中用到的试剂有70%的酒精、0.1%的氯化汞溶液、无菌水． 12．（2分）（2018春?赫山区校级月考）某高等植物体细胞内假设有6条染色体，它们是AaBbDd，那么，一个花粉管中的两个精子中的染色体可能是（） A． ABD和abd B． Abd和Abd C． AaB和Bbd D． AbD和abd 考点： 精子的形成过程． 分析： 在减数分裂过程中，同源染色体分离，非同源染色体自由组合．因此，染色体是AaBbDd3的高等植物，经减数分裂产生的精子类型有2=8种．又高等植物是双受精，所以1个精子进入花粉管中后，要经有丝分裂产生相同的两个精子． 解答： 解：AaBbDd经减数分裂可产生8种精子，但在双受精过程中，一个花粉管中的两个精子是经有丝分裂产生的，因此染色体组成相同．
D． 对照组可用同样量的培养液涂布到不含纤维素的培养基上 考点： 土壤中能分解纤维素的微生物及其应用价值；微生物的分离和培养． 分析： 纤维素分解菌的筛选实验流程为：土壤取样、选择培养、梯度稀释、将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上、挑选产生透明圈的菌落． 解答： 解：A、经选择培养后，再经梯度稀释，才能将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上，A错误； B、富集培养可省略，但培养分离的纤维素分解菌少，B正确； C、经稀释培养后，纤维素分解菌可以用刚果红染色进行鉴别，C正确； D、设置对照能证明经富集培养的确得到了欲分离的微生物，D正确． 故选：A． 点评： 本题主要考查纤维素分解菌的筛选过程，意在强化学生该实验流程的理解与运用． 23．（2分）（2018?旌阳区校级模拟）下列关于胡萝卜素的叙述，错误的是（） A． 胡萝卜素可用于治疗幼儿生长发育不良、干皮症等 B． 胡萝卜素可从大面积养殖的岩藻中提取 C． 提取胡萝卜素时，可采用石油醚、苯、丙酮等作溶剂 D． 萃取过程中要采用水浴加热 考点： 从生物材料中提取某些特定成分． 分析： 胡萝卜素是橘黄色的结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂．胡萝卜素可以用来治疗因维生素A缺乏引起的各种疾病．工业生产上，胡萝卜素的提取有三种方法，一是从植物中提取，二是从大面积养殖的岩藻中获取，三是利用微生物发酵生产． 解答： 解：A、胡萝卜素可以用来治疗因维生素A缺乏引起的各种疾病，如夜盲症、幼儿生长发育不良、干皮症等，A正确； B、工业生产上，胡萝卜素可从大面积养殖的岩藻中提取，B正确； C、提取胡萝卜素时，可采用石油醚、苯等水不溶性溶剂作为提取剂，丙酮属于水溶性溶剂，C错误； D、萃取过程中由于萃取剂是易燃易爆的化学物质，所以要采用水浴加热，D正确． 故选：C． 点评： 本题主要考查胡萝卜素的提取，养殖强化学生对胡萝卜素的提取过程的理解与运用． 24．（2分）（2018春?临江市校级期中）有一灌用用葡萄糖液培养的酵母菌，由于混入氧气，酵母菌就有了两种呼吸类型．假使全部酵母菌都在分解葡萄糖，且两种呼吸消耗葡萄糖的速
度相等．当灌内产生的CO2与酒精的mol数之比为2：1时，有多少酵母菌在进行有氧呼吸（） A． B． C． D． 考点： 有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的概念与过程． 分析： 酵母菌有氧呼吸的反应式为：C6H12O6+6O2+6H2O6CO2+12H2O+能量，酵母菌无氧
呼吸的反应式为：C6H12O62CO2+2C2H5OH+能量． 解答： 解；设进行有氧呼吸的酵母菌为X，无氧呼吸的酵母菌为Y，根据有氧呼吸与无氧呼吸的反应式及题干信息可得关系式：（6X+2Y）：2Y=2：1，解得：X；Y=1：3，因此进行有氧呼吸的酵母菌占． 故答案为：C． 点评： 对于酵母菌有氧呼吸与无氧呼吸的反应式的识记和应用是本题考查的重点． 25．（2分）（2018春?赫山区校级月考）存在于盐湖和热泉中的两类细菌都具有的特征是（） A． 在极端环境下进行遗传物质的复制 B． 遗传物质是RNA C． 在极端环境下都不进行分裂生殖 D． 都没有细胞壁 考点： 原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同． 分析： 题干的关键词：细菌，因此从原核生物细胞结构的角度考虑；并且“盐湖和热泉”限定了生存环境，因此从环境特点考虑，盐湖和热泉分别处于渗透压高、温度高的环境． 解答： 解：A、盐湖和热泉中的两类细菌分别处于渗透压高、温度高的环境，两类细菌繁殖时均进行DNA分子的复制，A正确； B、原核细胞和真核细胞的遗传物质都是DNA，B错误； C、细菌在极端环境能进行分裂生殖，C错误； D、细菌的细胞结构一般有细胞壁，D错误． 故选：A． 点评： 本题难度不大，属于考纲中识记、理解层次的要求，着重考查了细菌的结构、生殖方式以及遗传物质等知识，要求考生首先能识记细菌结构的相关知识，并且能审清题意． 26．（2分）（2018春?赫山区校级月考）玫瑰精油提取的过程是（） A． .鲜玫瑰花+水→油水混合物→水蒸气蒸馏→分离油层→除水 B． .鲜玫瑰花+水→油水混合物→除水→分离油层 C． .鲜玫瑰花+水→油水混合物→水蒸气蒸馏→分离油层→除水 D． 鲜玫瑰花+水→水蒸气蒸馏→油水混合物→分离油层→除水→过滤 考点： 提取芳香油． 分析： 植物芳香油的提取方法主要有：蒸馏法、压榨法和萃取法．玫瑰精油的化学性质稳定，易挥发，不溶于水，易溶于有机溶剂，能随水蒸气一同蒸馏，可以采用蒸馏法提取． 解答： 解：玫瑰精油的提取可以常用蒸馏法，操作流程为：鲜玫瑰花+水→水蒸气蒸馏→油水混合物→分离油层→除水→过滤． 故选：D． 点评： 本题主要考查玫瑰精油的提取流程，意在强化学生对玫瑰精油的提取流程的识记与理解． 27．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下列关于“DNA粗提取与鉴定”的说法正确的是（） A． 氯化钠的浓度越低，对DNA的溶解度越大
B． 人体的血液不可代替鸡血进行该实验 C． 柠檬酸钠的主要作用是加速血细胞破裂 D． 利用DNA易溶于酒精的特点可除去DNA中的部分杂质 考点： DNA的粗提取和鉴定． 分析： 1、DNA粗提取选材的标准：DNA含量高，并且材料易得．由于哺乳动物成熟的红细胞中没有细胞核和细胞器，因此不采用哺乳动物的血液． 2、DNA粗提取和鉴定的原理： （1）DNA的溶解性：DNA和蛋白质等其他成分在不同浓度NaCl溶液中溶解度不同；DNA不溶于酒精溶液，但细胞中的某些蛋白质溶于酒精；DNA对酶、高温和洗涤剂的耐受性． （2）DNA的鉴定：在沸水浴的条件下，DNA遇二苯胺会被染成蓝色． 3、DNA在NaCl溶液中溶解度大小变化： 解答： 解：A、NaCl溶液的浓度低于在0.14mol/L时，随着NaCl溶液浓度的升高，DNA的溶解度逐渐降低，NaCl溶液的浓度高于在0.14mol/L时，随着NaCl溶液浓度的升高，DNA的溶解度逐渐升高，A错误； B、人体的血液中的红细胞，不含细胞核和细胞器，则不含DNA，B正确； C、柠檬酸钠的主要作用是防止血液凝固，即抗凝，C错误； D、DNA不溶于酒精溶液，但细胞中的某些蛋白质溶于酒精，可除去DNA中的部分杂质，D错误． 故选：B． 点评： 本题考查DNA的粗提取和鉴定，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如要求考生识记DNA粗提取和鉴定的原理、实验步骤及各步骤中的细节、实验采用的试剂及试剂的作用等，需要考生在平时的学习过程中注意积． 28．（2分）（2009?上海）在光照下，将等细胞数量的衣藻和大肠杆菌分别接种到只含无机盐的培养液中培养，结果是（虚线和实线分别表示大肠杆菌和衣藻的生长曲线）（） A． B． C． D． 考点： 种群的数量变动；种间关系．
分析： 衣藻在有无机盐的培养液中，能够利用CO2通过光合作用合成有机物；大肠杆菌是异养生物，在没有现成的有机物的情况下，不能生存． 解答： 解：衣藻是自养生物，可以在光照条件下利用培养液中的无机盐、水及大气中的CO2，通过光合作用合成有机物以维持生命活动，由于空间、营养等条件是有限的，其种群数量呈“S”型增长；大肠杆菌属于异养生物，必须消耗现成的有机物才能维持正常的生命活动，故在只含无机盐的培养液中不能生存，其数量是逐渐减少的． 故选：C． 点评： 本题考查细胞同化作用的方式，解题的关键是理解衣藻和大肠杆菌分别为自养型和异养型，没有有机物，大肠杆菌不能生长繁殖． 29．（2分）（2018春?汉台区校级月考）现有两瓶密封的罐头已过保质期，甲瓶瓶盖鼓起，乙瓶外观无变化，打开后发现两瓶罐头均已变质．对此现象解释合理的是（）
①甲罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物有CO2和乳酸； ②甲罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物有酒精和CO2； ③甲罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物有CO2和H2O； ④乙罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物是乳酸； ⑤乙罐头变质是被异养厌氧细菌污染，细菌代谢的产物是酒精． ①④ ③⑤ ②⑤ ②④ A． B． C． D． 考点： 无氧呼吸的概念与过程． 分析： 1、无氧呼吸的概念指细胞在无氧条件下，通过酶的催化作用，把葡萄糖等有机物分解成为不彻底氧化产物，同时释放出少量能量的过程，分为： 酒精发酵：C6H12O6乳酸发酵：C6H12O62C2H5OH+2CO2+能量； 2C3H6O3+能量． 2、两瓶密封的罐头已过保质期，甲瓶瓶盖鼓起，乙瓶外观无变化，打开后发现两瓶罐头均已变质，密封说明两瓶都发生了无氧呼吸，甲瓶瓶盖鼓起，说明有气体产生，乙瓶外观无变化，说明没有气体产生． 解答： 解：①甲瓶瓶盖鼓起，说明有气体产生，细菌代谢的产物应为CO2和酒精，①错误； ②甲瓶瓶盖鼓起，说明有气体产生，细菌代谢的产物应为CO2和酒精，②正确； ③甲瓶瓶盖鼓起，说明有气体产生，细菌代谢的产物应为CO2和酒精，③错误； ④乙瓶外观无变化，说明没有气体产生，细菌代谢的产物是乳酸，④正确； ⑤乙瓶外观无变化，说明没有气体产生，细菌代谢的产物是乳酸，⑤错误． 故选：D． 点评： 本题的知识点是无氧呼吸的类型和产物，对无氧呼吸的过程和类型的掌握是解题的关键． 30．（2分）（2018春?赫山区校级月考）下列关于统计菌落数目的方法的叙述，不正确的是（） A． 采用平板计数法获得的菌落数往往少于实际的活菌数 B． 当样品的稀释度足够高时，一个活菌会形成一个菌落 C． 为了保证结果准确，一般采用密度较大的平板进行计数 D． 在某一浓度下涂布三个平板，若三个平板统计的菌落数差别不大，则应以它们的平均值
作为统计结果 考点： 测定某种微生物的数量． 分析： 微生物接种的方法很多，最常用的是平板划线法和稀释涂布平板法．若要对微生物进行取样计数，接种方法只能是稀释涂布平板法．稀释涂布平板法则是将菌液进行一系列的梯度稀释，然后将不同稀释度的菌液分别涂布到琼脂固体培养基的表面，进行培养． 解答： 解：A、采用平板计数法获得的菌落有可能是由多个细菌形成的，所以往往少于实际的活菌数，A正确； B、当样品的稀释度足够高时，一个活菌会形成一个菌落，B正确； C、为了保证结果准确，一般选取菌落数在30﹣300之间的平板进行计数，C错误； D、在某一浓度下涂布三个平板，若三个平板统计的菌落数差别不大，则应以它们的平均值作为统计结果以减小实验误差，D正确． 故选：C． 点评： 本题考查测定微生物的数量的相关知识，此类试题需要考生注意的细节较多，如、接种方法的选择、结果的分析等，需要考生在平时的学习过程中注意积累，学会构建知识网络结构，对选项作出准确的判断． 二、非选择题（每空2分，共40分） 31．（10分）（2018春?赫山区校级月考）生长素作用的机理是促进细胞生长，生长素所诱导
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的生长既有快速反应：生长素→质膜上的受体→H分泌到细胞壁中→细胞壁软化→细胞膨压下降→细胞吸水→快速反应；又有长期效应：生长素→细胞质中的受体→信使物进入核内→使某些基因解阻遏，与生长有关的mRNA被转录→蛋白质合成→长期效应．因此有人提出了生长素促进植物生长的作用方式设想（如图）．请回答问题：
（1）将燕麦胚芽鞘切段放入一定浓度生长素的溶液中，发现10～15min后溶液pH下降，切段开始伸长．如将切段转入含IAA的pH=10的缓冲溶液中，则切段停止生长．
（2）若用呼吸抑制剂如氰化物（CN）和二硝基酚（DNP）处理可抑制生长素的这种效应，则生长素诱导的细胞伸长生长是一个耗能过程．
（3）若想在细胞水平上证明生长素对胚芽鞘生长的影响，可以取弯曲处作纵（横、纵）向的切片，用显微镜观察、测量切片两侧细胞平均长度，作出比较．
（4）某研究小组探究避光条件下生长索浓度对燕麦胚芽鞘生长的影响．取若干相同的、直的燕麦胚芽鞘，去顶垂直静置一段时间后，将含有不同浓度生长素的琼脂块分别放置在这些的去顶胚芽鞘左侧．一段时间后测量并记录这些去顶胚芽鞘的弯曲角度α．则随生长素浓度从0开始逐渐增加，α的取值范围是0＜α≤90°．
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考点： 生长素的作用以及作用的两重性． 分析： 据图分析：生长素能与细胞膜上的蛋白质结合，从而激活细胞膜上转运H+的载体，将H+向膜外运输，使细胞壁酸化、变得松弛，细胞吸水膨胀产生压力，促使细胞生长． 解答： 解：（1）将燕麦胚芽鞘切段放入一定浓度生长素的溶液中，发现10～15min后溶液+pH下降，则说明细胞内的H分泌到细胞壁中使细胞壁软化导致细胞膨压下降，细胞+吸水开始伸长．如将切段转入含IAA的pH=10的缓冲溶液中，则细胞内的H分泌到细胞壁中不会使细胞壁软化，切段停止生长． （2）若用呼吸抑制剂处理可抑制生长素的这种效应，这说明生长素诱导的细胞伸长生长是一个耗能过程． （3）由于生长素能促进细胞伸长，可以通过纵切胚芽鞘切断制成临时装片，用显微镜观察． （4）生长素浓度为0时，胚芽鞘不弯曲，此时α=90，在最适浓度之前，随浓度增加，弯曲度越大，α越小，当生长素的浓度为最适浓度时，α最小，但是大于零，当超过最适浓度，促进作用越来越小，弯曲度越小，而α值越大，所以α的取值范围是 0＜α≤90°． 故答案为： （1）（快速）伸长 停止生长 （2）耗能 （3）纵 （4）0＜α≤90° 点评： 本题主要考查生长素的作用机理，意在强化学生对实验的分析和相关知识的识记与理解． 32．（10分）（2018春?赫山区校级月考）氧化塘是一个藻菌共生的污水净化系统．请根据下面的氧化塘污水净化功能模式图回答有关问题：
（1）排入氧化塘的污水中的有机物可以被细菌等生物分解，分解的方式是有氧呼吸和无氧呼吸，为了提高分解的效率，可以采取的措施是向氧化塘内通入空气．
（2）排入氧化塘的污水中的无机物可以被生物吸收利用，这类生物在生态系统中属于生产者．
（3）氧化塘在一段时间后，水质会变绿，原因是污水中有大量含N，P等元素的无机盐，同时污水中的有机物被分解后也产生大量含N，P等元素的无机盐，导致藻类大量繁殖． （4）可以在氧化塘内放养水葫芦和褶纹冠蚌来降低藻类的数量，水葫芦与藻类的关系是竞争． 考点： 治污生态工程． 分析： 1、由图中可知，能处理溶解性可降解物质的细菌需要氧气，是需氧型生物，因此可以向氧化塘内通入空气提高细菌的分解的效率． 2、污水中有大量的含N、P等元素矿质元素离子，从而造成水体富营养化，导致藻类大量繁殖，使氧化塘在一段时间后，水质变绿． 解答： 解：（1）细菌可作为生态系统中分解者成分，可将污水中有机物分解为无机物，分解的方式是有氧呼吸和无氧呼吸．由图中可知，能处理溶解性可降解物质的细菌是需氧型生物，因此可以向氧化塘内通入空气提高细菌的分解的效率． （2）植物能吸收利用排入氧化塘污水中的无机物，这类生物在生态系统中属于生产者． （3）由于污水中有大量的含N、P等元素的无机盐矿质元素离子，从而造成水体富营养化，导致藻类大量繁殖，导致氧化塘在一段时间后，水质变绿． （4）可以在氧化塘内放养水葫芦和褶纹冠蚌来降低藻类的数量，水葫芦会与藻类争夺阳光、空间等，它们之间的关系为竞争关系，褶纹冠蚌会以藻类为食，它们之间为捕食关系． 故答案为： （1）有氧呼吸和无氧呼吸 向氧化塘内通入空气 （2）生产者 （3）污水中有大量含N，P等元素的无机盐，同时污水中的有机物被分解后也产生大量含N，P等元素的无机盐 （4）竞争 点评： 本题考查了治污生态工程的相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系；理论联系实际，综合运用所学知识解决自然界和社会生活中的一些生物学问题的能力和从题目所给的图形中获取有效信息的能力．
33．（10分）（2018春?赫山区校级月考）生物技术在人们的生产、生活中已经得到了广泛应用，如微生物发酵技术为我们制造了许多营养丰富的美味食品；植物色素的利用让食物变得更加温馨诱人；植物组织培养技术加快了优良品种的快速推广．请回答下列有关问题： （1）自然界中的微生物必须经过分离和提纯后才能应用于工业生产．在应用平板划线法接种时每次划线结束后仍然要灼烧接种环，原因是及时杀死接种环上残留的微生物，避免微生物污染环境或感染操作者． （2）喝剩的葡萄酒放置一段时间后变酸的原因是空气中的醋酸菌混入经发酵后产生了醋酸． （3）果汁发酵后，是否有酒精产生，可以用重铬酸钾来检验，现象是变成灰绿色． （4）如果用葡萄酒来制葡萄醋，请写出反应式：C2H5OH+O2 考点： 酒酵母制酒及乙酸菌由酒制醋． 分析： 1、参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型．果酒制作的原理： CH3COOH+H2O．
（1）在有氧条件下，反应式如下：C6H12O6+6H2O+6O2（2）在无氧条件下，反应式如下：C6H12O66CO2+12H2O+能量；
2CO2+2C2H5OH+能量． 2、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型．果醋制作的原理： 当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的果糖分解成醋酸． 当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸． 解答： 解：（1）在应用平板划线法接种时每次划线结束后仍然要灼烧接种环，这样可以及时杀死接种环上残留的微生物，避免微生物污染环境或感染操作者． （2）喝剩的葡萄酒放置一段时间后变酸，其原因是空气中的醋酸菌混入经发酵后产生了醋酸． （3）酒精可以用酸性重铬酸钾溶液来检验，溶液的颜色由橙色变成灰绿色． （4）用葡萄酒来制葡萄醋的反应式为：C2H5OH+O2CH3COOH+H2O． 故答案为： （1）及时杀死接种环上残留的微生物，避免微生物污染环境或感染操作者 （2）空气中的醋酸菌混入经发酵后产生了醋酸 （3）重铬酸钾 变成灰绿色 （4）C2H5OH+O2CH3COOH+H2O 点评： 本题考查果酒和果醋的制作，要求考生识记参与果酒和果醋制作的微生物及其代谢类型，掌握果酒和果醋制作的原理及条件，能结合所需的知识准确答题，属于考纲识记和理解层次的考查． 34．（10分）（2018春?赫山区校级月考）图1为提取胡萝卜素的装置示意图，请回答有关问题：
（1）该装置表示的方法为萃取法，要想效果好，必须保证原料颗粒小，萃取温度高、时间长．
（2）操作过程中应该避免明火加热，采用水浴加热，其原因是有机溶剂都是易燃物，直接使用明火加热容易引起燃烧爆炸．
（3）如图2是胡萝卜素提取结果示意图．请据图回答： ①该色素分离的方法是纸层析法．
②A、B、C、D四点中，属于标准样品的样点是A、D． ③实验得出的结论：萃取样品中含有β﹣胡萝卜素．
考点： 从生物材料中提取某些特定成分． 分析： 1、提取植物芳香油常用的方法有萃取、压榨和蒸馏三种方法． 2、图1是萃取法提取胡萝卜素的装置示意图． 3、图2是胡萝卜素鉴定的纸层析结果示意图，鉴定的原理是不同的色素在层析液中的溶解度不同，从而在滤纸条上扩散的速度也不同，点加提取样品要点加在基线中间，标准样品点加在基线两侧，即其中A、D是标准样点，B、C是提取样点． 解答： 解：（1）该装置表示的方法为萃取法，萃取的效率主要取决于萃取剂的性质和使用量，同时还要保证原料颗粒小，萃取温度高，时间长，需要提取的物质就能充分溶解，萃取效果就好． （2）由于有机溶剂都是易燃物，直接使用明火加热容易引起燃烧爆炸，所以萃取过程应采用水浴加热，操作过程中应该避免明火加热，采用水浴加热． （3）①据图可知，该色素分离的方法是纸层析法． ②A、B、C、D四点中，标准样品点加在基线两侧，即其中A、D是标准样点，B、C是提取样点，故属于标准样品的样点是 A、D． ③由于层析图谱中含有胡萝卜素色带，故实验得出的结论是萃取样品中含有β﹣胡萝卜素． 故答案为： （1）萃取温度高、时间长 （2）有机溶剂都是易燃物，直接使用明火加热容易引起燃烧爆炸 （3）纸层析法 A、D 萃取样品中含有β﹣胡萝卜素 点评： 本题考查对植物有效成分的提取的知识，对玫瑰精油的提取方法和原理、胡萝卜素的提取及鉴定方法的记忆和理解是解题的关键．
